力扣92题解题思路解析：反转链表II的C++实现方案
问题描述与关键难点分析
力扣92题要求反转链表中从位置m到n的部分，需要保持其他节点的原始连接关系。这个问题的核心挑战在于如何处理链表节点的"断链"与"重连"，特别是当m=1时需要特殊处理头节点的情况。与全链表反转不同，局部反转需要精确控制四个关键指针：前驱节点(pre)、反转起始节点(start)、反转结束节点(end)和后继节点(succ)。
在实际编码中，边界条件的处理往往成为主要难点。当m等于n时无需操作，当m=1时头节点会发生变化。使用虚拟头节点(dummy node)可以统一处理这些边界情况，避免复杂的条件判断。这种技巧在链表类问题中非常实用，能显著降低代码复杂度。
解决该问题的标准方法是采用双指针法，具体分为三个主要阶段：定位阶段、反转阶段和重组阶段。在定位阶段，需要先找到第m-1个节点作为前驱节点，这可以通过for循环移动指针实现。值得注意的是，链表题中经常使用1-based索引，而实际编程中多用0-based索引，需要特别注意转换。
反转阶段采用经典的头插法，每次将当前节点的next指针指向前驱节点。这个过程中需要维护三个临时指针：prev、curr和next。重组阶段则需要将反转后的子链表正确接入原链表，此时前驱节点的next应指向反转后的新头，而反转后的尾节点应指向后继节点。这种分阶段处理的方法能确保逻辑清晰，避免指针混乱。
代码实现与关键步骤解析
class Solution {
public:
ListNode reverseBetween(ListNode head, int m, int n) {
ListNode dummy(0);
dummy.next = head;
ListNode pre = &dummy;
for(int i = 1; i < m; ++i) pre = pre->next;
ListNode curr = pre->next;
for(int i = m; i < n; ++i) {
ListNode next = curr->next;
curr->next = next->next;
next->next = pre->next;
pre->next = next;
}
return dummy.next;
}
};边界条件与测试用例分析
为了验证算法的正确性，需要考虑多种边界情况。当m=1且n=链表长度时，相当于全链表反转；当m=n时链表应保持不变；当链表只有一个节点时任何有效m、n都应返回原链表。还需要测试m=1的特殊情况和m在中间位置的一般情况。
使用虚拟头节点能有效避免m=1时的特殊处理。在测试用例[5], m=1, n=1时，代码能正确返回[5]；在测试用例[1,2,3,4,5], m=2, n=4时，能正确返回[1,4,3,2,5]。
算法优化与复杂度比较
与递归解法相比，上述迭代解法在空间复杂度上更具优势。递归解法虽然代码更简洁，但需要O(n)的栈空间，且在处理超长链表时可能导致栈溢出。而迭代解法只需常数级别的额外空间，更适合实际生产环境使用。
从时间复杂度角度分析，两种方法都是O(n)线性复杂度。但在实际运行中，迭代解法通常具有更小的常数因子，因此性能更优。对于需要频繁操作链表的场景，建议掌握这种迭代式的双指针解法，它也是许多复杂链表问题的基础模式。
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